1. 引言
本章主要考虑了下列问题三个正径向解的存在性
(1.1)
其中是一个以原点为球心为半径的球，是正参数，是在的任何子区间上都不恒等于零的连续函数.
本文假设成立下列条件：
(H1)是关于的连续递增函数，即：当时，有，成立；当时，有，成立。
(H2) 对任意的，有成立。
(H3) 对任意的，有成立；对任意的，有成立。
(H4) 对任意的，有成立；对任意的，有成立。
(H5) 存在非负函数满足
且存在正常数，，，使得对任意的，都有下式成立
当时，有，成立
本文的主要结果如下
定理1.1：若满足(H1)~(H5)，则对任意的，问题(1.1)至少有一个解。
定理1.2：若满足(H1)~(H5)，并且存在使得对任意的，存在，当时，方程组(1.1)至少存在三个正的径向解。
本文的证明主要基于著名的Krasnoselskii的不动点定理。这种方法已经得到广泛的应用，如文献[1] 用这种方法研究了单个方程解的存在性和单个方程的多解性，文献[2] -[4] 用不同的方法考虑了非线性Schrodinger方程组类似的问题，文献[5] [6] 主要运用锥上不动点定理和Green函数研究了非线性方程组的多解性。在这些文献的启发下，可以把本文的问题转化为常微分方程的问题，通过不动点理论得到多个不动点的存在性。
2. 预备知识
本文的主要目的是研究问题(1.1)多个正径向解的存在性。现把偏微分方程转化为常微分方程。令，并且用，来代替，所以方程组(1.1)可化为齐次边界条件的常微分方程
(2.1)
令，，使，，，则(2.1)可化为
(2.2)
其中，，是在的任何子区间都不退化为零的连续函数。应用边值条件，对(2.2)两次积分，则得到与(2.2)等价的下列积分方程
(2.3)
其中，因此(2.3)的不动点就是(2.1)的解。本章将用到下列著名的不动点定理，如文献[7] [8] 。此不动点定理已经被运用到非线性方程组，如文献[9] 。
定理2.1：是一个Banach空间，是上的一个锥。假设是的非空开集，并且，，令是一个全连续算子，如果下列条件其中之一成立
(1) 如果，则，且如果，则；
(2) 如果，则，且如果，则。
则在上有一个不动点。
为了应用定理2.1，可设Banach空间为，定义范数为，其中，代表的是有界连续函数空间，定义范数为。
是的一个锥，元素是非负连续凸函数，满足，且是单调递增函数。令，则是的一个锥。
映射，其中，定义如下
通过分步积分，对任意的，有下式成立
所以的定义是合理的，的不动点就是方程组(2.2)的解.
3. 主要结果的证明
引理3.1：，且是一个全连续算子，即是全连续算子。
证明：因为
所以是单调递增的凸函数。同样的方法证明也是单调递增的凸函数。即。
现在证明是全连续算子。首先证明是紧算子，令且满足，，。则下式成立
通过Arzela-Ascoli紧性条件，可以假设在的任意紧子空间都一致收敛。为了证明有一致收敛子列，只需给定一个，存在满足
由文献[10] 的命题1可得，是一个紧算子。
下面证明是一个连续算子。令且满足当时，，其中，即是。所以
其中，，因为，是连续函数，则对，任给一个，存在一个自然数，当时，有
所以当时，，即可得是连续算子，所以是全连续算子。同理可证明是全连续算子。因此是全连续算子.
给定，且，则存在唯一的且，满足
定义：
引理3.2：是正的，即是正实数，且是下的一个不变锥。
证明：首先证明是一个正实数。假设，则存在一个序列满足是一个严格递增并且收敛于的正实数序列。通过的定义，有下式成立
即
, (3.1)
其中，有(3.1)并通过积分可得
. (3.2)
由(3.2)可知
(3.3)
令，其中，。由(H1)可知，当时，。又由(3.3)可得
亦即
(3.4)
考虑下列两种情况
(1) 存在一个子序列，其中是的子序列，是的子序列，并满足，对任意的，有，。由(3.4)和(H5)可得
(2) 对任意的，，时，有(3.4)和假设(H5)可得
因为，两种情况均可得到
由(H5)知，当时，上面不等式右边的积分收敛于0，但这是不可能的，因为。
因此是正实数，同理可证明是正实数。容易证明是不变锥，这里不再给出证明。
引理3.3：假设(H2)成立，给定，，且都是正数，则存在足够大的满足下式
(3.5)
证明：由(H4)可得，给定，存在，且当时，对任意的，有下列不等式成立
因此对任意的，下式成立
即得
令，即证明了对任意的，有下式成立
同理可证明对任意的，下式成立
这样就证明了(3.5)。
引理3.4：假设(H2)成立，给定，，且都是正实数，则存在足够小的满足下式
证明：因为，给定，存在足够小的，使得下式成立
因此，其中，由(H2)可得
取定足够大的，满足，可得
同理可证明。所以
引理3.5：假设(H2)成立，给定，存在常数且，则对任意的，满足下式
证明：，有
选择满足
同理可取满足
则引理得到证明。
定理1.1的证明：有定理(2.1)，引理(3.3)和引理(3.4)可知，有一个不动点，且。
定理1.2的证明：令是引理(3.5)中取定的，给定，既，，取定，满足
由(H3)，可取到满足
因此，有下式成立
所以
同理可证，既得。
结合引理3.3和引理3.4，选定满足，则知有三个不动点且满足
即定理1.2得到证明。
基金项目
沪江基金(B14005)资助。
参考文献